2014—2015学年九(上)期末模拟 数学试卷参考答案及评分标准
11.20 12.y
1﹤y2 13.
3 14.4 15.55 16.(2,4) 17.解:x23x20,
∵b24ac3241(2)17, ∴x∴x1
x218.解:∵△=(k)24(k2)k24k8(k2)24>0,
∴关于x的一元二次方程x2kx(k2)0一定有两个不相等的实数根. 19.解:设这个增长率为x.
依题意得:20(1x)220(1x)4.8,
解得 x1=0.2=20%,x2=1.2(不合题意,舍去).
答:这个增长率是20%. 20.解:∵OC⊥AB, ∴AD=DB,
在Rt△AOD中,OA2=OD2+AD2, 设半径为r得:r2(
r10)2302, 解得:r=50,
∴这段弯路的半径为50 m. 21.解:(1)△A1B1C如图所示; (2)△A2B2C2如图所示;
(3)如图所示,旋转中心为(1,0). 22.解:画树状图得:
∵共有9种等可能的结果,小明两次摸出的球颜色不同的有6种情况,
62
∴小明两次摸出的球颜色不同的概率为:.
9323.解:(1)①y200x2400x200(x1)2200,
∴x=1时血液中的酒精含量达到最大值,最大值为200(毫克/百毫升);
②∵当x=5时,y=45,y
k
(k>0), x
∴k=xy=45×5=225; (2)不能驾车上班;
理由:∵晚上20:00到第二天早上7:00,一共有11小时,
∴将x=11代入y
225x,则y225
11
>20, ∴第二天早上7:00不能驾车去上班. 24.解:(1)直线CD和⊙O的位置关系是相切, 理由是:连接OD, ∵AB是⊙O的直径, ∴∠ADB=90°,
∴∠DAB+∠DBA=90°, ∵∠CDA=∠CBD, ∴∠DAB+∠CDA=90°, ∵OD=OA,
∴∠DAB=∠ADO, ∴∠CDA+∠ADO=90°, 即OD⊥CE,
∴直线CD是⊙O的切线,
即直线CD和⊙O的位置关系是相切; (2)∵AC=2,⊙O的半径是3, ∴OC=2+3=5,OD=3,
在Rt△CDO中,由勾股定理得:CD=4, ∵CE切⊙O于D,EB切⊙O于B, ∴DE=EB,∠CBE=90°, 设DE=EB=x, 在Rt△CBE中,由勾股定理得:CE2BE2BC2,则(4x)2x2(53)2,
解得:x=6, 即BE=6. 25.解:(1)证明:如图(1),连接FB.
∵四边形EFGB和四边形ABCD都是正方形, ∴∠FBA=∠BAC=45°,∴FB∥AC,
∴△AFC与△ABC是同底等高的三角形. ∴S△AFC=S△ABC
∵2S△ABC=S正方形ABCD,S正方形ABCD=b2,
∴S=
12
b2
.即S为定值; (2)∵当点F在线段AB上时, ∴BF2a2
a2,即BF,
∴AFb,
111
; AF•BC
=(b
)b=b2
222
∵当点F在线段BA延长线上时,
∴S△AFC=
∴AFb,
111
b2; AF•BC
=
b)b= 222
(3)正方形EFGB在绕B点旋转的过程中,F点的轨迹是以点B为圆心,BF为半径的圆. 当b=2a时,存在最大值,不存在最小值.
∴S△AFC=
1∴S△AFC的最大值
=)
24a2(或b2).
故填:4a2(或b2). 26.解:(1)如图,∵∠DNA=∠AOB=90°, ∴∠NAD=∠OBA. 在△AOB与△DNA中, OB=NA
, OBA=NAD
AB=DA
∴△AOB≌△DNA(SAS). 同理△DNA≌△BMC. ∵点P(0,4),AP=t, ∴OAOPAP4t.
故答案是:DNA或△DPA;4t; (2)由题意知,NA=OB=t,则OA=4t. ∵△AOB≌△BMC, ∴CM=OB=t,
∴OMOBBMt4t4, ∴C(4,t). 又抛物线yax2bxc过点O、C, c=0
∴,
t=16a4bc
1
解得bt4a;
4
t
(3)当t=1时,抛物线为yax2(4a)x,NA=OB=1,OA=3.
4
∵△AOB≌△DNA, ∴DN=OA=3, ∵D(3,4),
∴直线OD为:y
4
x. 3
12
y=ax(4a)x4
联立方程组,得,
4yx3
消去y,得ax2(解得 x=0或x4
13
4a)x0, 12
13
, 12a
∴抛物线与直线OD总有两个交点. 讨论:①当a>0时,4②当a<0时,若4又∵a<0, ∴ a<若4
13
>3,只有交点O,所以a>0符合题意; 12a
1313>3,则a<. 12a1213. 12
1313≤0,则得a≥. 12a48
13
≤a<0. 48
1313
或≤a<0. 1248
又∵a<0, ∴
综上所述,a的取值范围是a>0或 a<
2014—2015学年九(上)期末模拟 数学试卷参考答案及评分标准
11.20 12.y
1﹤y2 13.
3 14.4 15.55 16.(2,4) 17.解:x23x20,
∵b24ac3241(2)17, ∴x∴x1
x218.解:∵△=(k)24(k2)k24k8(k2)24>0,
∴关于x的一元二次方程x2kx(k2)0一定有两个不相等的实数根. 19.解:设这个增长率为x.
依题意得:20(1x)220(1x)4.8,
解得 x1=0.2=20%,x2=1.2(不合题意,舍去).
答:这个增长率是20%. 20.解:∵OC⊥AB, ∴AD=DB,
在Rt△AOD中,OA2=OD2+AD2, 设半径为r得:r2(
r10)2302, 解得:r=50,
∴这段弯路的半径为50 m. 21.解:(1)△A1B1C如图所示; (2)△A2B2C2如图所示;
(3)如图所示,旋转中心为(1,0). 22.解:画树状图得:
∵共有9种等可能的结果,小明两次摸出的球颜色不同的有6种情况,
62
∴小明两次摸出的球颜色不同的概率为:.
9323.解:(1)①y200x2400x200(x1)2200,
∴x=1时血液中的酒精含量达到最大值,最大值为200(毫克/百毫升);
②∵当x=5时,y=45,y
k
(k>0), x
∴k=xy=45×5=225; (2)不能驾车上班;
理由:∵晚上20:00到第二天早上7:00,一共有11小时,
∴将x=11代入y
225x,则y225
11
>20, ∴第二天早上7:00不能驾车去上班. 24.解:(1)直线CD和⊙O的位置关系是相切, 理由是:连接OD, ∵AB是⊙O的直径, ∴∠ADB=90°,
∴∠DAB+∠DBA=90°, ∵∠CDA=∠CBD, ∴∠DAB+∠CDA=90°, ∵OD=OA,
∴∠DAB=∠ADO, ∴∠CDA+∠ADO=90°, 即OD⊥CE,
∴直线CD是⊙O的切线,
即直线CD和⊙O的位置关系是相切; (2)∵AC=2,⊙O的半径是3, ∴OC=2+3=5,OD=3,
在Rt△CDO中,由勾股定理得:CD=4, ∵CE切⊙O于D,EB切⊙O于B, ∴DE=EB,∠CBE=90°, 设DE=EB=x, 在Rt△CBE中,由勾股定理得:CE2BE2BC2,则(4x)2x2(53)2,
解得:x=6, 即BE=6. 25.解:(1)证明:如图(1),连接FB.
∵四边形EFGB和四边形ABCD都是正方形, ∴∠FBA=∠BAC=45°,∴FB∥AC,
∴△AFC与△ABC是同底等高的三角形. ∴S△AFC=S△ABC
∵2S△ABC=S正方形ABCD,S正方形ABCD=b2,
∴S=
12
b2
.即S为定值; (2)∵当点F在线段AB上时, ∴BF2a2
a2,即BF,
∴AFb,
111
; AF•BC
=(b
)b=b2
222
∵当点F在线段BA延长线上时,
∴S△AFC=
∴AFb,
111
b2; AF•BC
=
b)b= 222
(3)正方形EFGB在绕B点旋转的过程中,F点的轨迹是以点B为圆心,BF为半径的圆. 当b=2a时,存在最大值,不存在最小值.
∴S△AFC=
1∴S△AFC的最大值
=)
24a2(或b2).
故填:4a2(或b2). 26.解:(1)如图,∵∠DNA=∠AOB=90°, ∴∠NAD=∠OBA. 在△AOB与△DNA中, OB=NA
, OBA=NAD
AB=DA
∴△AOB≌△DNA(SAS). 同理△DNA≌△BMC. ∵点P(0,4),AP=t, ∴OAOPAP4t.
故答案是:DNA或△DPA;4t; (2)由题意知,NA=OB=t,则OA=4t. ∵△AOB≌△BMC, ∴CM=OB=t,
∴OMOBBMt4t4, ∴C(4,t). 又抛物线yax2bxc过点O、C, c=0
∴,
t=16a4bc
1
解得bt4a;
4
t
(3)当t=1时,抛物线为yax2(4a)x,NA=OB=1,OA=3.
4
∵△AOB≌△DNA, ∴DN=OA=3, ∵D(3,4),
∴直线OD为:y
4
x. 3
12
y=ax(4a)x4
联立方程组,得,
4yx3
消去y,得ax2(解得 x=0或x4
13
4a)x0, 12
13
, 12a
∴抛物线与直线OD总有两个交点. 讨论:①当a>0时,4②当a<0时,若4又∵a<0, ∴ a<若4
13
>3,只有交点O,所以a>0符合题意; 12a
1313>3,则a<. 12a1213. 12
1313≤0,则得a≥. 12a48
13
≤a<0. 48
1313
或≤a<0. 1248
又∵a<0, ∴
综上所述,a的取值范围是a>0或 a<