中南大学考试试卷(A)
2013 -- 2014 学年 1 学期 时间110分钟
化工原理 课程 40 学时 2.5 学分 考试形式: 闭 卷 专业年级:化工、制药、应化11级总分100分,占总评成绩 70 %
一、选择填空题(共40分)
1、(5分)
①在气体流量,气相进出口组成和液相进口组成不变时,若减少吸收剂用量,则传质推动 力将____,操作线将____平衡线,设备费用将____。 ②当温度增高时,溶质在气相中的分子扩散系数将____,在液相中的分子扩散系数将 ____。 ③对一定操作条件下的填料吸收塔,如将塔料层增高一些,则塔的HOG将_____, NOG将_____(增加,减少,不变)。 答文
①减少;靠近;增加 (3分) ②增加;增加 (1分) ③不变;增加 (1分)
2、(1分)正常操作下的逆流吸收塔,若因某种原因使液体量减少以至液气比小于原定的最小液气比时,下列哪些情况将发生? C
(A)出塔液体浓度增加,回收率增加
(B)出塔气体浓度增加,但出塔液体浓度不变
(C)出塔气体浓度与出塔液体浓度均增加
(D)在塔下部将发生解吸现象
3、(3分)若维持操作中精馏塔的F、xf、q,D不变,而减少塔釜蒸发量V。 则:xD____,xw____,L/V____。 (变大,变小,不变,不确定) 答文:变小,变大,变小。
4、(6分)根据下图所示的双塔吸收流程,在下方示意绘出与其相应的操作线(OE为平衡线),
并用图中所示浓度符号标明各操作线端点坐标。(将示意图绘于答题纸再作答或将原图剪贴
于答题纸上作答均可)
组合1 组合2
5、(1分)进行萃取操作时应使:( ) C
A 分配系数大于1 B 分配系数小于1
C 选择性系数大于1 D 选择性系数小于1
6.(1分)萃取剂加入量应使原料和萃取剂的和点M位于( )。 C
A 溶解度曲线之上方区 B 溶解度曲线上
C 溶解度曲线之下方区 D 座标线上
7.(1分)萃取是利用各组分间的( )差异来分离液体混合物的。 C
A 挥发度 B 离散度 C 溶解度 D 密度
8.(3分)某液体组成为xA = 0.6、xB = 0.4,若在其中加入与原料液等量的萃取剂S,写
出混合后的组成:xA =( )、xB =( )、 xS =( )。 0.3 0.2 0.5
B A
A 9、(3分)在B-S部分互溶的萃取操作中,若萃取相中含溶质A为85kg,稀释剂B为15kg,
溶剂S为100kg,则萃取相中yA/yB =( )。 5.67
10、填空(6分) ①以空气作为湿物料的干燥介质当所用空气的相对温度较大时,湿物
料的平衡水份相应____,自由水份相应____。 ②常压下,空气中水汽分压为20mmHg时,其湿度H=_____。
③物料干燥时的临界水份是指____________________;它比物
料的结合水份____。
答文
较大 较小
0.0168
由恒速干燥转到降速阶段的临界点时,物料中的含水率; 大
11、 (6分)
① 物料的平衡水份一定是( )
(A).非结合水份 (B).自由水份 (C).结合水份 (D).临界水份
② 空气温度为to,湿度为Ho,相对湿度为φo的湿空气,经一间接蒸汽加热的预热
器后,空气的温度为t1,湿度为H1,相对湿度为φ1,则( )
(A).H1 >H0 (B).φ0 >φ1 (C).H1 <H0 (D).φ0 <φ1
③ 在恒定干燥条件下,将含水20%的湿物料进行干燥,开始时干燥速率恒定,当干燥
至含水量为5%时,干燥速率开始下降,再继续干燥至物料恒重,并测得此时物料含水量为
0.05%,则物料的临界含水量为( )
(A).5% (B).20% (C).0.05% (D).4.55%
④ 空气的干球温度为t,湿球温度为tw ,露点为td ,当空气的相对湿度
φ=98%时,则( )
(A).t=tw =td (B).t>tw >td
(C).t<tw <td (D).t>tw =td 答文
C B A B
12、填空 (4分)
① 板式塔的类型有:______、_____和_____等(至少列举三种)。
② 筛板塔设计中,板间距HT设计偏大优点是_________________;
缺点是________________。
答文
① 泡罩塔、浮阀塔、筛板塔
② 液沫夹带少,不易造成降液管液泛; 增加全塔高度。
二、计算题(15分)
某精馏塔用于分离苯-甲苯混合液,泡点进料,进料量30kmol/h,进料中苯的摩尔分
率为 0.5,塔顶、底产品中苯的摩尔分率分别为0.95和0.10,采用回流比为最小回流比的
1.5倍,操作条件下可取系统的平均相对挥发度α=2.40。
(1)求塔顶、底的产品量;
(2)若塔顶设全凝器,各塔板可视为理论板,求离开第二块板的蒸汽和液体组成。
答文
解:F=D+W FxF=DxD+Wxw
30=D+W 30×0.5=D×0.95+W×0.10 D=14.1kmol/h W=15.9kmol/h xe=xF=0.5, ye=αxe/[1+(α-1)xe]=2.40×0.5/[1+(2.40-1)×0.5]=0.706 Rmin=(xD-ye)/(ye-xe)=(0.95-0.706)/(0.706-0.5)=1.18 R=1.5×1.18=1.77 y=[R/(R+1)]x+xD/(R+1)=[1.77/(1.77+1)]x+0.95/(1.77+1)=0.639x+0.343 y1=xD=0.95 x1=y1/[α-y1(α-1)]=0.95/[(2.40-0.95(2.40-1)]=0.888 y2=0.639x1+0.343=0.639×0.888+0.343=0.910 x2=0.910/[2.40-0.910(2.40-1)]=0.808
三、计算题(15分)
采用常压干燥器干燥湿物料。每小时处理湿物料1000kg,干燥操作使物料的 湿基含量由40%减至5%,干燥介质是湿空气,初温为20℃,湿度Ho=0.009 kg水/kg绝干空气,经预热器加热至120℃后进入干燥器中,离开干燥器时废气 温度为40℃,若在干燥器中空气状态沿等I线变化。试求: (1)水分蒸发量W kg/s; (2)绝干空气消耗量L kg绝干气/s; (3)干燥收率为95%时产品量 kg/s; (4)如鼓风机装在新鲜空气进口处,风机的风量应为多少m/s? 答文
(1)W=Gc(x1-x2) x1=0.4/(1-0.4)=0.667 x2=0.05/(1-0.05)=0.0526 Gc=1000(1-0.4)=600 kg绝干料/h ∴W=600(0.667-0.0526) =368.64 kg/h=0.1024 kg/s (2)L=W(H2-H1) H1=Ho=0.009 kg水/kg绝干气 t1=120℃,t2=20℃ H2未知,可通过I1=I2求算 I1=(1.01+1.88H1)t1+2490H1=1.01t1+(1.88t1+2490)H1 3
I2=(1.01+1.88H2)t2+2490H2=1.01t2+(1.88t2+2490)H2
∴H2=(1.01×120+(1.88×120+2490)×0.009-1.01×40)/(1.88×40+2490) =0.041 kg水/kg绝干气 ∴L=0.1024/(0.041-0.009)=3.1974 kg绝干气/s (3)G2’=0.95G
2 ∴G2’=0.95×Gc(1+x2) =0.95×600/3600×(1+0.0526) =0.167 kg/s (4)V=L·vH =3.1974[(0.772+1.244Ho)(to+273)/273] =3.1974[(0.772+1.244×0.009)×(20+273)/273]
=2.69 m/s
四、计算题(15分)
用填料塔从一混合气体中逆流吸收所含的苯。混合气体中含苯5%(体积%),其余为空气, 要求苯的回收率为90%(以摩尔比表示),吸收塔为常压操作,温度为25℃,入塔混合气体为每小时940[标准m],入塔吸收剂为纯煤油,煤油的耗用量为最小耗用量的1.5倍,已知该系统的平衡关系Y=0.14X(其中Y、X为摩尔比),已知气相体积传
333质系数KY a=0.035[Kmol/m.s],纯煤油的平均分子量Ms =170,塔径D=0.6[m]。
试求:(1)吸收剂的耗用量为多少[Kg/h]? (2)溶液出塔浓度x1 为多少? (3)填料层高度Z为多少[m]? 答文
解:(1) η=90%, yb=0.05,
进口: Yb=yb/(1-yb)=0.05/(1-0.05)=0.05263 (mol苯/mol气体) 出口 Ya=Yb(1-η)=0.005266 (气体+苯流量)
V=940/22.4=41.96 kmol/h (气体流量) VB =V(1-yb)=41.96(1-0.05)=39.87 kmol/h (Ls /VB )min =(Yb-Ya)/(Yb/m)
=(0.05263-0.00526)/(0.05263/0.14)=0.126 Ls =1.5Ls min =1.5×0.126×39.87=7.536 kmol/h =7.536×170 Kg/h=1281Kg/h
(2)Xb =(Yb-Ya)/(1.5(Ls /VB )min )
=(0.05263-0.00526)/(1.5×0.126)=0.251 xb=Xb/(1+Xb)=0.2006
(3)HOG =VB /(KY aΩ) =(39.87/3600)/(0.035×0.785×0.6)=1.12 m NOG =(Yb-Ya)/ΔYm ΔYb=Yb-Yb*=0.05263-0.14×0.251=0.01749 ΔYa =Ya-Ya*=0.00526—0=0.00526 2 ΔYm =(0.01749-0.00526)/ln(0.01749/0.00526)=0.01018 NOG =(0.05263-0.00526)/0.01018=4.65 Z=HOG×NOG =1.12×4.65=5.2 m
五、计算题(15分)
在B-S部分互溶物系的单级萃取中,料液中溶质A与稀释剂B的质量比为4060。采用纯溶剂S=200kg,溶剂比S / F为1,脱出溶剂后萃余液R'浓度xA'=0.3(质量分率),选择性系数 = 8。
试求:萃取液量E'为多少kg?
解:yAxAyA'xA'yA'xA' yBxByB'xB'(1yA')/(1xA')
yA'xA'80.30.774 1(1)xA'1(81)0.3
FS200kg,xF40/(4060)0.4
FxFE'yA'R'xA'2000.4E'0.774R'0.3 即200E'R'FE'R'
中南大学考试试卷(A)
2013 -- 2014 学年 1 学期 时间110分钟
化工原理 课程 40 学时 2.5 学分 考试形式: 闭 卷 专业年级:化工、制药、应化11级总分100分,占总评成绩 70 %
一、选择填空题(共40分)
1、(5分)
①在气体流量,气相进出口组成和液相进口组成不变时,若减少吸收剂用量,则传质推动 力将____,操作线将____平衡线,设备费用将____。 ②当温度增高时,溶质在气相中的分子扩散系数将____,在液相中的分子扩散系数将 ____。 ③对一定操作条件下的填料吸收塔,如将塔料层增高一些,则塔的HOG将_____, NOG将_____(增加,减少,不变)。 答文
①减少;靠近;增加 (3分) ②增加;增加 (1分) ③不变;增加 (1分)
2、(1分)正常操作下的逆流吸收塔,若因某种原因使液体量减少以至液气比小于原定的最小液气比时,下列哪些情况将发生? C
(A)出塔液体浓度增加,回收率增加
(B)出塔气体浓度增加,但出塔液体浓度不变
(C)出塔气体浓度与出塔液体浓度均增加
(D)在塔下部将发生解吸现象
3、(3分)若维持操作中精馏塔的F、xf、q,D不变,而减少塔釜蒸发量V。 则:xD____,xw____,L/V____。 (变大,变小,不变,不确定) 答文:变小,变大,变小。
4、(6分)根据下图所示的双塔吸收流程,在下方示意绘出与其相应的操作线(OE为平衡线),
并用图中所示浓度符号标明各操作线端点坐标。(将示意图绘于答题纸再作答或将原图剪贴
于答题纸上作答均可)
组合1 组合2
5、(1分)进行萃取操作时应使:( ) C
A 分配系数大于1 B 分配系数小于1
C 选择性系数大于1 D 选择性系数小于1
6.(1分)萃取剂加入量应使原料和萃取剂的和点M位于( )。 C
A 溶解度曲线之上方区 B 溶解度曲线上
C 溶解度曲线之下方区 D 座标线上
7.(1分)萃取是利用各组分间的( )差异来分离液体混合物的。 C
A 挥发度 B 离散度 C 溶解度 D 密度
8.(3分)某液体组成为xA = 0.6、xB = 0.4,若在其中加入与原料液等量的萃取剂S,写
出混合后的组成:xA =( )、xB =( )、 xS =( )。 0.3 0.2 0.5
B A
A 9、(3分)在B-S部分互溶的萃取操作中,若萃取相中含溶质A为85kg,稀释剂B为15kg,
溶剂S为100kg,则萃取相中yA/yB =( )。 5.67
10、填空(6分) ①以空气作为湿物料的干燥介质当所用空气的相对温度较大时,湿物
料的平衡水份相应____,自由水份相应____。 ②常压下,空气中水汽分压为20mmHg时,其湿度H=_____。
③物料干燥时的临界水份是指____________________;它比物
料的结合水份____。
答文
较大 较小
0.0168
由恒速干燥转到降速阶段的临界点时,物料中的含水率; 大
11、 (6分)
① 物料的平衡水份一定是( )
(A).非结合水份 (B).自由水份 (C).结合水份 (D).临界水份
② 空气温度为to,湿度为Ho,相对湿度为φo的湿空气,经一间接蒸汽加热的预热
器后,空气的温度为t1,湿度为H1,相对湿度为φ1,则( )
(A).H1 >H0 (B).φ0 >φ1 (C).H1 <H0 (D).φ0 <φ1
③ 在恒定干燥条件下,将含水20%的湿物料进行干燥,开始时干燥速率恒定,当干燥
至含水量为5%时,干燥速率开始下降,再继续干燥至物料恒重,并测得此时物料含水量为
0.05%,则物料的临界含水量为( )
(A).5% (B).20% (C).0.05% (D).4.55%
④ 空气的干球温度为t,湿球温度为tw ,露点为td ,当空气的相对湿度
φ=98%时,则( )
(A).t=tw =td (B).t>tw >td
(C).t<tw <td (D).t>tw =td 答文
C B A B
12、填空 (4分)
① 板式塔的类型有:______、_____和_____等(至少列举三种)。
② 筛板塔设计中,板间距HT设计偏大优点是_________________;
缺点是________________。
答文
① 泡罩塔、浮阀塔、筛板塔
② 液沫夹带少,不易造成降液管液泛; 增加全塔高度。
二、计算题(15分)
某精馏塔用于分离苯-甲苯混合液,泡点进料,进料量30kmol/h,进料中苯的摩尔分
率为 0.5,塔顶、底产品中苯的摩尔分率分别为0.95和0.10,采用回流比为最小回流比的
1.5倍,操作条件下可取系统的平均相对挥发度α=2.40。
(1)求塔顶、底的产品量;
(2)若塔顶设全凝器,各塔板可视为理论板,求离开第二块板的蒸汽和液体组成。
答文
解:F=D+W FxF=DxD+Wxw
30=D+W 30×0.5=D×0.95+W×0.10 D=14.1kmol/h W=15.9kmol/h xe=xF=0.5, ye=αxe/[1+(α-1)xe]=2.40×0.5/[1+(2.40-1)×0.5]=0.706 Rmin=(xD-ye)/(ye-xe)=(0.95-0.706)/(0.706-0.5)=1.18 R=1.5×1.18=1.77 y=[R/(R+1)]x+xD/(R+1)=[1.77/(1.77+1)]x+0.95/(1.77+1)=0.639x+0.343 y1=xD=0.95 x1=y1/[α-y1(α-1)]=0.95/[(2.40-0.95(2.40-1)]=0.888 y2=0.639x1+0.343=0.639×0.888+0.343=0.910 x2=0.910/[2.40-0.910(2.40-1)]=0.808
三、计算题(15分)
采用常压干燥器干燥湿物料。每小时处理湿物料1000kg,干燥操作使物料的 湿基含量由40%减至5%,干燥介质是湿空气,初温为20℃,湿度Ho=0.009 kg水/kg绝干空气,经预热器加热至120℃后进入干燥器中,离开干燥器时废气 温度为40℃,若在干燥器中空气状态沿等I线变化。试求: (1)水分蒸发量W kg/s; (2)绝干空气消耗量L kg绝干气/s; (3)干燥收率为95%时产品量 kg/s; (4)如鼓风机装在新鲜空气进口处,风机的风量应为多少m/s? 答文
(1)W=Gc(x1-x2) x1=0.4/(1-0.4)=0.667 x2=0.05/(1-0.05)=0.0526 Gc=1000(1-0.4)=600 kg绝干料/h ∴W=600(0.667-0.0526) =368.64 kg/h=0.1024 kg/s (2)L=W(H2-H1) H1=Ho=0.009 kg水/kg绝干气 t1=120℃,t2=20℃ H2未知,可通过I1=I2求算 I1=(1.01+1.88H1)t1+2490H1=1.01t1+(1.88t1+2490)H1 3
I2=(1.01+1.88H2)t2+2490H2=1.01t2+(1.88t2+2490)H2
∴H2=(1.01×120+(1.88×120+2490)×0.009-1.01×40)/(1.88×40+2490) =0.041 kg水/kg绝干气 ∴L=0.1024/(0.041-0.009)=3.1974 kg绝干气/s (3)G2’=0.95G
2 ∴G2’=0.95×Gc(1+x2) =0.95×600/3600×(1+0.0526) =0.167 kg/s (4)V=L·vH =3.1974[(0.772+1.244Ho)(to+273)/273] =3.1974[(0.772+1.244×0.009)×(20+273)/273]
=2.69 m/s
四、计算题(15分)
用填料塔从一混合气体中逆流吸收所含的苯。混合气体中含苯5%(体积%),其余为空气, 要求苯的回收率为90%(以摩尔比表示),吸收塔为常压操作,温度为25℃,入塔混合气体为每小时940[标准m],入塔吸收剂为纯煤油,煤油的耗用量为最小耗用量的1.5倍,已知该系统的平衡关系Y=0.14X(其中Y、X为摩尔比),已知气相体积传
333质系数KY a=0.035[Kmol/m.s],纯煤油的平均分子量Ms =170,塔径D=0.6[m]。
试求:(1)吸收剂的耗用量为多少[Kg/h]? (2)溶液出塔浓度x1 为多少? (3)填料层高度Z为多少[m]? 答文
解:(1) η=90%, yb=0.05,
进口: Yb=yb/(1-yb)=0.05/(1-0.05)=0.05263 (mol苯/mol气体) 出口 Ya=Yb(1-η)=0.005266 (气体+苯流量)
V=940/22.4=41.96 kmol/h (气体流量) VB =V(1-yb)=41.96(1-0.05)=39.87 kmol/h (Ls /VB )min =(Yb-Ya)/(Yb/m)
=(0.05263-0.00526)/(0.05263/0.14)=0.126 Ls =1.5Ls min =1.5×0.126×39.87=7.536 kmol/h =7.536×170 Kg/h=1281Kg/h
(2)Xb =(Yb-Ya)/(1.5(Ls /VB )min )
=(0.05263-0.00526)/(1.5×0.126)=0.251 xb=Xb/(1+Xb)=0.2006
(3)HOG =VB /(KY aΩ) =(39.87/3600)/(0.035×0.785×0.6)=1.12 m NOG =(Yb-Ya)/ΔYm ΔYb=Yb-Yb*=0.05263-0.14×0.251=0.01749 ΔYa =Ya-Ya*=0.00526—0=0.00526 2 ΔYm =(0.01749-0.00526)/ln(0.01749/0.00526)=0.01018 NOG =(0.05263-0.00526)/0.01018=4.65 Z=HOG×NOG =1.12×4.65=5.2 m
五、计算题(15分)
在B-S部分互溶物系的单级萃取中,料液中溶质A与稀释剂B的质量比为4060。采用纯溶剂S=200kg,溶剂比S / F为1,脱出溶剂后萃余液R'浓度xA'=0.3(质量分率),选择性系数 = 8。
试求:萃取液量E'为多少kg?
解:yAxAyA'xA'yA'xA' yBxByB'xB'(1yA')/(1xA')
yA'xA'80.30.774 1(1)xA'1(81)0.3
FS200kg,xF40/(4060)0.4
FxFE'yA'R'xA'2000.4E'0.774R'0.3 即200E'R'FE'R'