第三章 条件概率与事件独立
第一节 条件概率
一、问题提出
问题:设A={甲厂产品},={乙厂产品},B={合格品},
P(A)70%,甲厂合格率p195%,求P(AB).
m(AB)m(A)m(AB)
P(A)p10.70.950.665
m(S)m(S)m(A)
m(AB)m(AB)/m(S)P(AB)
其中 表示在甲厂中考察的合格率.
m(A)m(A)/m(S)P(A)
解:P(AB)二、条件概率
1、定义:设(S,F,P)为一概率空间,A,BF,P(A)0.称比值为在事件A发生的条件下,事件B发生的概率,记作P(B|A).即
P(AB)
P(A)
P(B|A)
P(AB)
P(A)
注:①P(AB)与P(B|A)的区别;
② P(B|A)一般常用在“在…时,在…下”的情况中; 而P(AB)则用在A、B同时发生的情况中。
2、乘法公式
P(AB)P(A)P(B|A), [P(A)0]
3、推广的乘法公式
P(ABC)P(A)P(B|A)P(C|AB);[P(AB)0]
P(A1A2An)P(A1)P(A2|A1)P(An|A1An1).
[P(A1A2An1)0]
例1 五个开关有一个可开灯,试开三次,A={灯亮},求P(A).
Ai={第i次试开灯亮},i1,2,3.那么AA1A1A2A1A2A3,则
P(A)P(A1)P(A1)P(A2|A1)P(A1)P(A2|A1)P(A3|A1A2)
1414313. 5545435
三、性质
令Q(B)P(B|A),BF,显然Q:FR,AF,P(A)0. (1) BF,Q(B)P(B|A)0;
(2)Q(S)P(S|A)1; 证明:Q(S)P(S|A)
(3)两两互斥BiF,iN,P(Bi|A)P(Bi|A).即
i1
i1
P(AS)P(A)
1.
P(A)P(A)
Q(Bi)Q(Bi).
i1
i1
证明:P(Bi|A)
i1
P(ABi)
i1
P(A)P(A)
由(1)(2)(3)可知,(S,F,Q)也是一个概率空间.
这样概率具有的性质,条件概率同样具有.如
P(ABi)
i1
P(ABi)
P(Bi|A). i1P(A)i1
(4) B1,B2F ,若B1B2,则
P(B2B1|A)P(B2|A)P(B1|A).
(5) BFP(|A)1P(B|A).
(6) B1,B2F,则
P(B1B2|A)P(B1|A)P(B2|A)P(B1B2|A).
例2 设P(A)
111
,P(B|A),P(A|B),求P(AB). 432
111P(AB)1/121,P(B), 4312P(A|B)1/26
1111
P(AB)P(A)P(B)P(AB).
46123P(AB)P(A)P(B|A)
例3 设P()0.3,P(B)0.4,P(A)0.5,求P(B|A). 解:P(AB)P(A)P(A)0.70.50.2
P(B|A)
P[B(A)]
P(A)
P(AB)0.21
. P(A)P()P(A)0.70.60.54
例4 设3正2次共5个产品,不放回依次取两个,设A{两正},B={两次},C={一正一次},D={第二次取次品}.求各事件的概率. 解:设Ai={第i次取正品},i1,2.那么
323
P(A)P(A1A2)P(A1)P(A2|A1),
5410211
P(B)P(A1A2)P(A1)P(A2|A1),
5410
P(C)P(A1A2)P(A1A2)P(A1)P(A2|A1)P(A1)P(A2|A1)
32233 .
54545
P(D)P(A1A2)P(A1A2)P(A1)P(A2|A1)P(A1)P(A2|A1)
32233. 54545
第二节 全概率公式与贝叶斯公式
一、全概率公式
设(S,F,P)为一概率空间,AiF为完备事件组,且P(Ai)0,
P(A)P(B|A).
证明:因AS,有BBSAB,于是
P(B)P(AB)P(A)P(B|A).
: BF,有P(B)
i
i
i
i
i
i
i
i
i
i
i
i
二、贝叶斯公式
设(S,F,P)为一概率空间,AiF为完备事件组,BF,且P(Ai)0,
P(B)0,则:
P(Ai|B)
P(Ai)P(B|Ai)
.
P(A)P(B|A)kk
k
注:(1)AiF常当作可导致事件B发生的“原因”;
(2)P(Ai)──作为预先知道的先验概率;
(3)P(Ai|B)──用于在B发生时判断各种原因的可能性的大小,称为后验概率。
证明:P(Ai|B)
P(AiB)P(B)
P(Ai)P(B|Ai)
.
P(Ak)P(B|Ak)
k
贝叶斯公式在实际中有着广泛应用。
例1 某工厂有甲、乙、丙三个车间生产同一产品,每个车间的产量分别占总产量的25%,35%和40%,而各车间的次品率分别为5%,4%和2%,试求该厂产品的次品率。
解:设Ai依次为甲、乙、丙三个车间的产品,B为次品,P(Ai)依次为25%,35%和40%, P(B|Ai)依次为5%,4%和2%,那么
3
P(B)P(Ai)P(B|Ai)0.250.050.350.040.400.023.45%.
i1
例2 例1中如果进一步问:在抽到次品后,此次品是甲车间生产的概率是多少? 解:P(A1|B)
P(A1B)P(A1)P(B|A1)0.250.05
0.362.
P(B)P(B)0.0345
3 12个乒乓球都是新球,每次比赛时取出3个用完后放回去,求第3次比赛时取到的3个球都是新球的概率。
解:设Ai{第二次取i个新球},i0,1,2,3. B{第三次取到3个新球},
i3i30C9C3C9iC3i
P(Ai),P(B|Ai),i0,1,2,3. 33
C12C12i3i30
C9C3C9iC3i
P(B)P(Ai)P(B|Ai)0.146. 33
C12C12i1i1
3
3
例4 用血清甲胎球蛋白法诊断肝癌。A表示“被检验者患有肝癌”,B表示“判断被检验者患有肝癌”,且P(B|A)0.95,P(|)0.90,P(A)0.0004,试求P(A|B),即若有一人被判断患有肝癌,求此入真正患有肝癌的概率。若
P(A)0.5呢?
P(A)P(B|A)
.
P(A)P(B|A)P(A)P(B|A)
0.00040.95
0.0038
0.00040.950.99960.10
② 若P(A)0.5,则
P(A)P(B|A)0.50.95
P(A|B)0.90.
P(A)P(B|A)P(A)P(B|A)0.50.950.50.10
解:①P(A|B)
例5 在医疗诊断中,为了诊断病人究竞患了疾病A1,A2,„ 中的哪一种,对病人进行观察和检查,确定了某个指标B(譬如体温、脉搏、血液中转氨酶含量等等),想用这类指标来帮助诊断。
用贝叶斯公式来可以计算有关概率。 首先必须确定先验概率P(Ai),这实际上是确定人患各种疾病的可能性大小,以往的资料可以给出一些初步数据;
其次是要确定P(B|Ai),这里主要靠医学知识。
有了它们,利用贝叶斯公式可算出P(Ai|B)。显然,对应于较大P(Ai|B)的“病因”Ai应多加考虑。在实际工作中,检查的指标B一般有多个,综合所有的先验概率,当然会对诊断有很大帮助。在实现计算机自动诊断或辅助诊断中,这方法相当有价值。
第三节 事件的相互独立性
一、两个事件的相互独立性
1、设(S,F,P)为一概率空间,A,BF,若P(AB)P(A)P(B),则称A,B相互独立。
显然,A,B相互独立B,A相互独立。
2、性质
(1)AF,S、与A独立.
(2)A,BF,P(A)0,则A,B独立P(B)P(B|A). 证明:因P(A)0,A,B独立
P(AB)P(A)P(B) P(B)P(B|A)
P(AB)P(A)P(B|A)
(3)下列各组事件的独立性是等价的:
①A,B;②A,;③,B;④,.
证明:①② P(A)P(A)P(AB)P(A)P(A)P(B)
P(A)[1P(B)]P(A)P();本证明中以下用A,B简单表示A,B独立. ②④ A,,A,,; ④③,,B,B;
③① ,BB,B,AB,AA,B
例1 设A,BF,P(A)0,P()0,A,B独立,则 P(B)P(B|A)P(B|).
证明:因A,B独立,则,B也独立,又P(A)0,P()0,则 P(B)P(B|A)P(B|).
例2 设A,BF,P(B|A)P(B|),则A,B独立. 证明:显然P(A)0,P()0,那么 P(B)P(A)P(B|A)P()P(B|)
[P(A)P()]P(B|A)P(B|A), 所以A,B独立.
二、多个事件的相互独立性 1、记号:
(1)A表示事件组A1,A2,,An;AF表示A1,A2,,AnF
(2)P(A)表示P(A1)P(A2)P(An);A表示
A;
ii1
n
(3)AJ表示子事件组Ak1,Ak2,,Aks,这里J{k1,k2,,ks}N(n);
特别记AkA{k}Ak,kN(n).
(4)A表示A中AJ全部换成相应的逆事件后组成的事件组.
2、定义:(S,F,P)为一概率空间,AF,若JN(n),恒有 P(AJ)P(AJ)成立, 则称事件组A相互独立。
显然, A独立JN(n),AJ独立.
3、性质
设AF相互独立,BF. (1)S,A相互独立;,A相互独立.
(2)A,B独立
AJ,B均独立
P[(AJ)B]P(AJ)P(B)均成立. (JN(n)). 证明:显然由定义知.
(3)若A,B独立,则A与B独立.
证明:因A,B独立,JN(n): AJ,B独立
P[(AJ)(B)]P(AJ)P(B)P(AJ)P(B), 故A与B独立.
若A,B独立, P(A)0则P(B)P(B证明:显然由(3)知.
(5) A,B独立,则A,独立.
证明:因A,B独立, JN(n): AJ,B独立
|A).
AJ,B独立AJ,独立
P[(AJ)]P(A)P()P(AJ)P(),
由(4)知, A,独立. (6)A独立.
证明:① 先证A独立.用Ti,jA表示A的i,j两个位置的事件对换位置后
的事件组.因A独立Tk,nA独立(Tk,nA)由(5)知独立
ATk,n(Tk,nA)独立,即A独立.
反复运用②,可知(4)成立.
(7)将A1,A2,,An分成r组,每组经过事件运算后为一事件
Bi(i1,2,,r),则B1,B2,,Br相互独立.
证明:设A分成r组AJi,J1J2JrN(n).B为事件组B1,B2,,Br.
① 若BiAJi,反复运用(3)可知B1,B2,,Br独立. ② 一般对于A,BF,由于ABA,AB.
那么Bi中的各种运算归结为事件反复通过取逆、分组、取积而得到, 由(5)和①知, B1,B2,,Br独立.
例3 设A,B,C,DF独立,则AB与CD独立、AB与CD独立. 证明:① P[(AB)(CD)]P(A)P(B)P(C)P(D)P(AB)P(CD),
所以AB与CD独立.
② 因A,B,C,D独立,,C,独立,C独立
,C独立AB,CD独立.
(8)P(A1A2An)1
1P(A).
i
i1
n
P(Ai)1P(i)1P(i)11P(Ai).
i1
i1
i1
i1
nnnn
({i}独立)
例4 设一门高射炮击中飞机的概率为0.6,欲以99%的把握击中飞机,问至少需配置几门炮? 解:0.99P(
A)11P(A)1(10.6)
i
i
i1
i1
nn
n
n5.026,
取n6.
例5 设一人管理3台机床,Ai={第i台机床无故障},i1,2,3独立,P(Ai)依次为0.9,0.8,85.B={有机床有故障},C={有机床无人管而停工},求: (1)P(B)P(
)1P(A)10.90.80.850.388.
i
i
i1
i1
nn
(2)P(C)P(122331)P(12)P(23)P(31)
2P(123)0.059.
例6 如图,Ai={第i个开关闭合}独立,
P(Ai)p,i1,2,,5,B={LR线路通}, 求P(B).
解:① P(B|A3)P{(A1A4)(A2A5)}
P(A1A4)P(A2A5)[P(A1A4)] [P(A1)P(A4)P(A1A4)](2pp) ②P(B|3)P(A1A2A4A5)
2
22
2
P(A1A2)P(A4A5)P(A1A2A4A5)2p2p4.
③P(B)P(A3)P(B|A3)P(3)P(B|3)2p22p35p42p5
说明:(1)与(2)如果都有2n个开关,那么:
并串联电路(1)的概率为P1(n)(2pp), 串并联电路(2)的概率为P2(n)2pp.
n
2n2n
P2(n)2pnp2n2pn
0,有,n充分大时, P2(n)P1(n). 2nn
P(n)(2pp)(2p)1
可见:并串联电路 比 串并联电路 更可靠.
事实上:P2(n)P1(n),n1.
nn证明:用数学归纳法证明:P2(n)P1(n)2(2p)p,n1.
n2时, (2p)2p244p2p222(1p)22成立, 2(2p)n1pn12(2p)(2p)npn1(2p)
nn1nnn
, 2(2p)2pp2p22(2p)p
因此结论对n成立, 故P2(n)P1(n),n1.
其中要证明2pn1pn2p2pn 即 pn1p1pn.
n1时显然.假设n1成立,
pn2p1pn1pn1p2ppn
pn1p1pnp22p11pn(1p)21pn,
n1n
因此结论对n成立. 即pp1p.
例7 甲乙丙三人同时射击飞机,设Ci={第iI人击中飞机}独立,Ai={飞机被I人击中},i1,2,3,P(Ci)依次为0.4,0.5,0.7.B={飞机被击落},P(B|Ai)依次为0.2,0.6,1,求P(B).
解: P(A1)P(C1231C2312C3)
P(C1)P(2)P(3)P(1)P(C2)P(3))P(1)P(2)P(C3)0.36;
P(A2)P(C1C23C12C31C2C3)
P(C1)P(C2)P(3)P(C1)P(2)P(C3))P(1)P(C2)P(C3)0.41; P(A3)P(C1C2C3)P(C1)P(C2)P(C3)0.14;
P(B)
P(A)P(B|A)0.458.
i
i
i1
3
例8 同例7,但P(Ci)1/3,求P(Ai) i=0,1,2,3.
202解:P(A0)P(123)P(1)P(2)P(3)C333
33
81
;
327
214P(A1)3P(C1)P(2)P(3)C; 3391
321
221 P(A2)3P(C1)P(C2)P(3)C 9332
312
132 P(A3)P(C1C2C3)P(C1)P(C2)P(C3)C333
3011. 3273
第四节 二项概率公式
一、n重贝努利试验
1、贝努利试验──只有两个可能结果的试验.
例如:掷硬币试验,A={正},={反}. F{,A,,S}, P(A)p,P()1p,0p1.
2、n重贝努利试验──n个完全相同的且相互独立的贝努利试验.
二、二项概率公式
设P(A)p,事件A在n重贝努利试验中恰好发生k次的概率为Pn(k),
kk则 Pn(k)Cnp(1p)nk,k0,1,,n,0p1。
证明:(1)设A={第k次试验中事件A发生},那么P(A)p.由于 (i)(i)
A(k)(k1)(n))
(1)(2)(k)(k1) P(A)P(A)P(A)P()P((n))pk(1p)nk
kknk (2) 那么P. n(k)Cnp(1p) P(AA
注:(1) (1)(2)P(k)1; n
k1n
}(2)P{A至少出现一次
}(3)P{A至少出现两次
P(k)1P(0); nnnP(k)1P(0)P(1). nnnk2k1n
1甲乙两人比赛,pP{甲胜}0.6,P{乙胜}0.4,求在五局三胜制下甲获胜的概率P.
解:已知n5,p0.6Ai{甲以 3:k 获胜},显然
33P(A0)C3p(1p)0,
22P(A1)C3p(1p)1p,
22P(A3)C4p(1p)2p,
所以 PP(A. 1)P(A2)P(A3)0.68256
例2 设P(A)p,求在nm重贝努利试验中事件A在发生n次之前发生了的m次的概率P.
n1n1n1nmmnm解:PCn(1p)mpCnm1pm1p(1p)Cnm1p(1p).
第三章 条件概率与事件独立
第一节 条件概率
一、问题提出
问题:设A={甲厂产品},={乙厂产品},B={合格品},
P(A)70%,甲厂合格率p195%,求P(AB).
m(AB)m(A)m(AB)
P(A)p10.70.950.665
m(S)m(S)m(A)
m(AB)m(AB)/m(S)P(AB)
其中 表示在甲厂中考察的合格率.
m(A)m(A)/m(S)P(A)
解:P(AB)二、条件概率
1、定义:设(S,F,P)为一概率空间,A,BF,P(A)0.称比值为在事件A发生的条件下,事件B发生的概率,记作P(B|A).即
P(AB)
P(A)
P(B|A)
P(AB)
P(A)
注:①P(AB)与P(B|A)的区别;
② P(B|A)一般常用在“在…时,在…下”的情况中; 而P(AB)则用在A、B同时发生的情况中。
2、乘法公式
P(AB)P(A)P(B|A), [P(A)0]
3、推广的乘法公式
P(ABC)P(A)P(B|A)P(C|AB);[P(AB)0]
P(A1A2An)P(A1)P(A2|A1)P(An|A1An1).
[P(A1A2An1)0]
例1 五个开关有一个可开灯,试开三次,A={灯亮},求P(A).
Ai={第i次试开灯亮},i1,2,3.那么AA1A1A2A1A2A3,则
P(A)P(A1)P(A1)P(A2|A1)P(A1)P(A2|A1)P(A3|A1A2)
1414313. 5545435
三、性质
令Q(B)P(B|A),BF,显然Q:FR,AF,P(A)0. (1) BF,Q(B)P(B|A)0;
(2)Q(S)P(S|A)1; 证明:Q(S)P(S|A)
(3)两两互斥BiF,iN,P(Bi|A)P(Bi|A).即
i1
i1
P(AS)P(A)
1.
P(A)P(A)
Q(Bi)Q(Bi).
i1
i1
证明:P(Bi|A)
i1
P(ABi)
i1
P(A)P(A)
由(1)(2)(3)可知,(S,F,Q)也是一个概率空间.
这样概率具有的性质,条件概率同样具有.如
P(ABi)
i1
P(ABi)
P(Bi|A). i1P(A)i1
(4) B1,B2F ,若B1B2,则
P(B2B1|A)P(B2|A)P(B1|A).
(5) BFP(|A)1P(B|A).
(6) B1,B2F,则
P(B1B2|A)P(B1|A)P(B2|A)P(B1B2|A).
例2 设P(A)
111
,P(B|A),P(A|B),求P(AB). 432
111P(AB)1/121,P(B), 4312P(A|B)1/26
1111
P(AB)P(A)P(B)P(AB).
46123P(AB)P(A)P(B|A)
例3 设P()0.3,P(B)0.4,P(A)0.5,求P(B|A). 解:P(AB)P(A)P(A)0.70.50.2
P(B|A)
P[B(A)]
P(A)
P(AB)0.21
. P(A)P()P(A)0.70.60.54
例4 设3正2次共5个产品,不放回依次取两个,设A{两正},B={两次},C={一正一次},D={第二次取次品}.求各事件的概率. 解:设Ai={第i次取正品},i1,2.那么
323
P(A)P(A1A2)P(A1)P(A2|A1),
5410211
P(B)P(A1A2)P(A1)P(A2|A1),
5410
P(C)P(A1A2)P(A1A2)P(A1)P(A2|A1)P(A1)P(A2|A1)
32233 .
54545
P(D)P(A1A2)P(A1A2)P(A1)P(A2|A1)P(A1)P(A2|A1)
32233. 54545
第二节 全概率公式与贝叶斯公式
一、全概率公式
设(S,F,P)为一概率空间,AiF为完备事件组,且P(Ai)0,
P(A)P(B|A).
证明:因AS,有BBSAB,于是
P(B)P(AB)P(A)P(B|A).
: BF,有P(B)
i
i
i
i
i
i
i
i
i
i
i
i
二、贝叶斯公式
设(S,F,P)为一概率空间,AiF为完备事件组,BF,且P(Ai)0,
P(B)0,则:
P(Ai|B)
P(Ai)P(B|Ai)
.
P(A)P(B|A)kk
k
注:(1)AiF常当作可导致事件B发生的“原因”;
(2)P(Ai)──作为预先知道的先验概率;
(3)P(Ai|B)──用于在B发生时判断各种原因的可能性的大小,称为后验概率。
证明:P(Ai|B)
P(AiB)P(B)
P(Ai)P(B|Ai)
.
P(Ak)P(B|Ak)
k
贝叶斯公式在实际中有着广泛应用。
例1 某工厂有甲、乙、丙三个车间生产同一产品,每个车间的产量分别占总产量的25%,35%和40%,而各车间的次品率分别为5%,4%和2%,试求该厂产品的次品率。
解:设Ai依次为甲、乙、丙三个车间的产品,B为次品,P(Ai)依次为25%,35%和40%, P(B|Ai)依次为5%,4%和2%,那么
3
P(B)P(Ai)P(B|Ai)0.250.050.350.040.400.023.45%.
i1
例2 例1中如果进一步问:在抽到次品后,此次品是甲车间生产的概率是多少? 解:P(A1|B)
P(A1B)P(A1)P(B|A1)0.250.05
0.362.
P(B)P(B)0.0345
3 12个乒乓球都是新球,每次比赛时取出3个用完后放回去,求第3次比赛时取到的3个球都是新球的概率。
解:设Ai{第二次取i个新球},i0,1,2,3. B{第三次取到3个新球},
i3i30C9C3C9iC3i
P(Ai),P(B|Ai),i0,1,2,3. 33
C12C12i3i30
C9C3C9iC3i
P(B)P(Ai)P(B|Ai)0.146. 33
C12C12i1i1
3
3
例4 用血清甲胎球蛋白法诊断肝癌。A表示“被检验者患有肝癌”,B表示“判断被检验者患有肝癌”,且P(B|A)0.95,P(|)0.90,P(A)0.0004,试求P(A|B),即若有一人被判断患有肝癌,求此入真正患有肝癌的概率。若
P(A)0.5呢?
P(A)P(B|A)
.
P(A)P(B|A)P(A)P(B|A)
0.00040.95
0.0038
0.00040.950.99960.10
② 若P(A)0.5,则
P(A)P(B|A)0.50.95
P(A|B)0.90.
P(A)P(B|A)P(A)P(B|A)0.50.950.50.10
解:①P(A|B)
例5 在医疗诊断中,为了诊断病人究竞患了疾病A1,A2,„ 中的哪一种,对病人进行观察和检查,确定了某个指标B(譬如体温、脉搏、血液中转氨酶含量等等),想用这类指标来帮助诊断。
用贝叶斯公式来可以计算有关概率。 首先必须确定先验概率P(Ai),这实际上是确定人患各种疾病的可能性大小,以往的资料可以给出一些初步数据;
其次是要确定P(B|Ai),这里主要靠医学知识。
有了它们,利用贝叶斯公式可算出P(Ai|B)。显然,对应于较大P(Ai|B)的“病因”Ai应多加考虑。在实际工作中,检查的指标B一般有多个,综合所有的先验概率,当然会对诊断有很大帮助。在实现计算机自动诊断或辅助诊断中,这方法相当有价值。
第三节 事件的相互独立性
一、两个事件的相互独立性
1、设(S,F,P)为一概率空间,A,BF,若P(AB)P(A)P(B),则称A,B相互独立。
显然,A,B相互独立B,A相互独立。
2、性质
(1)AF,S、与A独立.
(2)A,BF,P(A)0,则A,B独立P(B)P(B|A). 证明:因P(A)0,A,B独立
P(AB)P(A)P(B) P(B)P(B|A)
P(AB)P(A)P(B|A)
(3)下列各组事件的独立性是等价的:
①A,B;②A,;③,B;④,.
证明:①② P(A)P(A)P(AB)P(A)P(A)P(B)
P(A)[1P(B)]P(A)P();本证明中以下用A,B简单表示A,B独立. ②④ A,,A,,; ④③,,B,B;
③① ,BB,B,AB,AA,B
例1 设A,BF,P(A)0,P()0,A,B独立,则 P(B)P(B|A)P(B|).
证明:因A,B独立,则,B也独立,又P(A)0,P()0,则 P(B)P(B|A)P(B|).
例2 设A,BF,P(B|A)P(B|),则A,B独立. 证明:显然P(A)0,P()0,那么 P(B)P(A)P(B|A)P()P(B|)
[P(A)P()]P(B|A)P(B|A), 所以A,B独立.
二、多个事件的相互独立性 1、记号:
(1)A表示事件组A1,A2,,An;AF表示A1,A2,,AnF
(2)P(A)表示P(A1)P(A2)P(An);A表示
A;
ii1
n
(3)AJ表示子事件组Ak1,Ak2,,Aks,这里J{k1,k2,,ks}N(n);
特别记AkA{k}Ak,kN(n).
(4)A表示A中AJ全部换成相应的逆事件后组成的事件组.
2、定义:(S,F,P)为一概率空间,AF,若JN(n),恒有 P(AJ)P(AJ)成立, 则称事件组A相互独立。
显然, A独立JN(n),AJ独立.
3、性质
设AF相互独立,BF. (1)S,A相互独立;,A相互独立.
(2)A,B独立
AJ,B均独立
P[(AJ)B]P(AJ)P(B)均成立. (JN(n)). 证明:显然由定义知.
(3)若A,B独立,则A与B独立.
证明:因A,B独立,JN(n): AJ,B独立
P[(AJ)(B)]P(AJ)P(B)P(AJ)P(B), 故A与B独立.
若A,B独立, P(A)0则P(B)P(B证明:显然由(3)知.
(5) A,B独立,则A,独立.
证明:因A,B独立, JN(n): AJ,B独立
|A).
AJ,B独立AJ,独立
P[(AJ)]P(A)P()P(AJ)P(),
由(4)知, A,独立. (6)A独立.
证明:① 先证A独立.用Ti,jA表示A的i,j两个位置的事件对换位置后
的事件组.因A独立Tk,nA独立(Tk,nA)由(5)知独立
ATk,n(Tk,nA)独立,即A独立.
反复运用②,可知(4)成立.
(7)将A1,A2,,An分成r组,每组经过事件运算后为一事件
Bi(i1,2,,r),则B1,B2,,Br相互独立.
证明:设A分成r组AJi,J1J2JrN(n).B为事件组B1,B2,,Br.
① 若BiAJi,反复运用(3)可知B1,B2,,Br独立. ② 一般对于A,BF,由于ABA,AB.
那么Bi中的各种运算归结为事件反复通过取逆、分组、取积而得到, 由(5)和①知, B1,B2,,Br独立.
例3 设A,B,C,DF独立,则AB与CD独立、AB与CD独立. 证明:① P[(AB)(CD)]P(A)P(B)P(C)P(D)P(AB)P(CD),
所以AB与CD独立.
② 因A,B,C,D独立,,C,独立,C独立
,C独立AB,CD独立.
(8)P(A1A2An)1
1P(A).
i
i1
n
P(Ai)1P(i)1P(i)11P(Ai).
i1
i1
i1
i1
nnnn
({i}独立)
例4 设一门高射炮击中飞机的概率为0.6,欲以99%的把握击中飞机,问至少需配置几门炮? 解:0.99P(
A)11P(A)1(10.6)
i
i
i1
i1
nn
n
n5.026,
取n6.
例5 设一人管理3台机床,Ai={第i台机床无故障},i1,2,3独立,P(Ai)依次为0.9,0.8,85.B={有机床有故障},C={有机床无人管而停工},求: (1)P(B)P(
)1P(A)10.90.80.850.388.
i
i
i1
i1
nn
(2)P(C)P(122331)P(12)P(23)P(31)
2P(123)0.059.
例6 如图,Ai={第i个开关闭合}独立,
P(Ai)p,i1,2,,5,B={LR线路通}, 求P(B).
解:① P(B|A3)P{(A1A4)(A2A5)}
P(A1A4)P(A2A5)[P(A1A4)] [P(A1)P(A4)P(A1A4)](2pp) ②P(B|3)P(A1A2A4A5)
2
22
2
P(A1A2)P(A4A5)P(A1A2A4A5)2p2p4.
③P(B)P(A3)P(B|A3)P(3)P(B|3)2p22p35p42p5
说明:(1)与(2)如果都有2n个开关,那么:
并串联电路(1)的概率为P1(n)(2pp), 串并联电路(2)的概率为P2(n)2pp.
n
2n2n
P2(n)2pnp2n2pn
0,有,n充分大时, P2(n)P1(n). 2nn
P(n)(2pp)(2p)1
可见:并串联电路 比 串并联电路 更可靠.
事实上:P2(n)P1(n),n1.
nn证明:用数学归纳法证明:P2(n)P1(n)2(2p)p,n1.
n2时, (2p)2p244p2p222(1p)22成立, 2(2p)n1pn12(2p)(2p)npn1(2p)
nn1nnn
, 2(2p)2pp2p22(2p)p
因此结论对n成立, 故P2(n)P1(n),n1.
其中要证明2pn1pn2p2pn 即 pn1p1pn.
n1时显然.假设n1成立,
pn2p1pn1pn1p2ppn
pn1p1pnp22p11pn(1p)21pn,
n1n
因此结论对n成立. 即pp1p.
例7 甲乙丙三人同时射击飞机,设Ci={第iI人击中飞机}独立,Ai={飞机被I人击中},i1,2,3,P(Ci)依次为0.4,0.5,0.7.B={飞机被击落},P(B|Ai)依次为0.2,0.6,1,求P(B).
解: P(A1)P(C1231C2312C3)
P(C1)P(2)P(3)P(1)P(C2)P(3))P(1)P(2)P(C3)0.36;
P(A2)P(C1C23C12C31C2C3)
P(C1)P(C2)P(3)P(C1)P(2)P(C3))P(1)P(C2)P(C3)0.41; P(A3)P(C1C2C3)P(C1)P(C2)P(C3)0.14;
P(B)
P(A)P(B|A)0.458.
i
i
i1
3
例8 同例7,但P(Ci)1/3,求P(Ai) i=0,1,2,3.
202解:P(A0)P(123)P(1)P(2)P(3)C333
33
81
;
327
214P(A1)3P(C1)P(2)P(3)C; 3391
321
221 P(A2)3P(C1)P(C2)P(3)C 9332
312
132 P(A3)P(C1C2C3)P(C1)P(C2)P(C3)C333
3011. 3273
第四节 二项概率公式
一、n重贝努利试验
1、贝努利试验──只有两个可能结果的试验.
例如:掷硬币试验,A={正},={反}. F{,A,,S}, P(A)p,P()1p,0p1.
2、n重贝努利试验──n个完全相同的且相互独立的贝努利试验.
二、二项概率公式
设P(A)p,事件A在n重贝努利试验中恰好发生k次的概率为Pn(k),
kk则 Pn(k)Cnp(1p)nk,k0,1,,n,0p1。
证明:(1)设A={第k次试验中事件A发生},那么P(A)p.由于 (i)(i)
A(k)(k1)(n))
(1)(2)(k)(k1) P(A)P(A)P(A)P()P((n))pk(1p)nk
kknk (2) 那么P. n(k)Cnp(1p) P(AA
注:(1) (1)(2)P(k)1; n
k1n
}(2)P{A至少出现一次
}(3)P{A至少出现两次
P(k)1P(0); nnnP(k)1P(0)P(1). nnnk2k1n
1甲乙两人比赛,pP{甲胜}0.6,P{乙胜}0.4,求在五局三胜制下甲获胜的概率P.
解:已知n5,p0.6Ai{甲以 3:k 获胜},显然
33P(A0)C3p(1p)0,
22P(A1)C3p(1p)1p,
22P(A3)C4p(1p)2p,
所以 PP(A. 1)P(A2)P(A3)0.68256
例2 设P(A)p,求在nm重贝努利试验中事件A在发生n次之前发生了的m次的概率P.
n1n1n1nmmnm解:PCn(1p)mpCnm1pm1p(1p)Cnm1p(1p).